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虽然这是一道难度为困难的题，不过大家不要被它所迷惑，其实它不是很难。
解决这道题，最直观的办法就是暴力求解。我们可以先来分析一波：
读题的第一遍，实际上就是要求在宽度为 1 的 n 个柱子能勾勒出来的矩形的最大面积。
这不就是个幼儿园的数学问题吗？
面积 = 底 * 高
撸它！
暴力法
方法一：双重循环遍历出所有的可能性，在遍历的过程中我们还可以求出最小的高度。
constlargestRectangleArea=function(heights){letmaxArea=0letlen=heights.lengthfor(leti=0;i<len;i++){letminHeight=heights[i]for(letj=i;j<len;j++){minHeight=Math.min(minHeight,heights[j])maxArea=Math.max(maxArea,minHeight*(j-i+1))}}}
方法二：确定一根柱子后，分别向前后两个方向遍历。
constlargestRectangleArea=function(heights){letmaxArea=0letlen=heights.lengthfor(leti=0;i<len;i++){letleft=iletright=iwhile(left>=0&&heights[left]>=heights[i]){left--}while(right<len&&heights[right]>=heights[i]){right++}maxArea=Math.max(maxArea,(right-left-1)*heights[i])}returnmaxArea}
但是这两种方法的时间复杂度都是 O(n^2)，空间复杂度是 O(1)。时间复杂度太高了，我们需要想办法进行优化。
使用单调递增栈
我们来思考一个问题，我们究竟想要求的最大面积是什么？
不妨拿起笔画画图，我这里帮你画好了，观察上图，便可以得出：
其实就是以 i 为中心，分别向左、向右找到第一个小于 heighs[i] 的两个边界，也就是以当前这根 i 柱子所能勾勒出的最大面积。
那么，我们为什么要借助单调递增栈这种数据结构呢？
单调递增，也就是我们可以通过 O(1) 的时间复杂度确定柱体 i 的左边界！
又是以空间换时间的套路！
如何确定右边界？
只需遍历一次柱体数组，将大于等于当前柱体的柱子们推入栈中，而当遍历到的柱子高度小于栈顶的柱子高度时，这时我们找到了右边界，可以将栈顶的柱子，弹出栈，来计算矩形面积了！
处理特殊边界情况？
引入前后边界，在柱体数组前后各放入一根高度为 0 的柱子。这样便无需考虑栈空以及栈中还有剩余柱子的情况啦！
ok，上代码！
constlargestRectangleArea=function(heights){letmaxArea=0letstack=[]heights.push(0)heights.unshift(0)// heights = [0, ...heights, 0] 你也可以这样写for(leti=0;i<heights.length;i++){while(stack.length>0&&heights[stack[stack.length-1]]>heights[i]){maxArea=Math.max(maxArea,heights[stack.pop()]*(i-stack[stack.length-1]-1))}stack.push(i)}returnmaxArea}
- 时间复杂度：O(n)
- 空间复杂度：O(n)